Đề ôn thi Tốt nghiệp THPT Vật lý (Đề 27)

1. Câu 1

   Rotato của một máy phát điện xoay chiều gồm N vòng dây, mỗi vòng có diện tích, điện trở của rotato là r. Rotato quay trong từ trường của stato có độ lớn cảm ứng từ là B với tần số không đổi f.
   

   CỘT A	CỘT B
   1. Tốc độ của hạt không đổi do	thả vào đây
   2. Bỏ qua tốc độ ban đầu của hạt. Sau khi được tăng tốc bởi hiệu điện thế U, tốc độ của hạt là	thả vào đây
   3. Tỉ số giữa độ lớn điện tích và khối lượng của hạt là	thả vào đây
   4. Biết $\mathrm{U}=3,00 \mathrm{kV} ; \mathrm{B}=3,00 \mathrm{~T} ; 1 \mathrm{amu}=1,66.10^{-27} \mathrm{~kg} ;|\mathrm{e}|=1,60.10^{-19} \mathrm{C}$. Bán kính quỹ đạo của ion âm ${ }^{35} \mathrm{Cl}^{-}$ trong vùng có trường là $\mathrm{r}=\ldots(\mathrm{m})$.	thả vào đây

   Kho viên gạchKéo viên vào ô, hoặc bấm viên rồi bấm ô.

   2f.

   $\frac{\omega \text { NBS }}{\mathrm{r}}$.

   $\frac{\omega \mathrm{NBS}}{\mathrm{R}+\mathrm{r}}$.

   $\frac{1}{\omega \mathrm{NBS}}$.

   $\omega$ NBS.

   f.
   Voir le corrigé

   Réponse : 1 – F, 2 – E, 3 – B, 4 – C

   1 – F , 2 – E, 3 – B, 4 – C

   1. Suất điện động cảm ứng trên khung dây do máy phát ra có tần số f.

   2. Suất điện động cảm ứng trên khung dây do máy phát ra có độ lớn cực đại là $\mathrm{E}_{0}=\omega \mathrm{NBS} .3$. Bỏ qua điện trở mạch ngoài, cường độ dòng điện do máy phát ra có độ lớn cực đại là $\mathrm{I}_{0}=\frac{\mathrm{E}_{0}}{\mathrm{r}}=\frac{\omega \mathrm{NBS}}{\mathrm{r}}$.

   3. Nếu mạch ngoài có điện trở R cường độ dòng điện do máy phát ra có độ lớn cực đại là

   $I_{0}=\frac{E_{0}}{R+r}=\frac{\omega N B S}{R+r} .$

2. Câu 2

   Người ta cung cấp một nhiệt lượng $Q=120 J$ cho một chất khí ở trong một xi lanh đặt nằm ngang. Khối khí giãn nở đẩy pittông đi 0,1m và lực ma sát giữa pittông và xi lanh có độ lớn bằng $F_{m s}=20 N$. Áp suất bên ngoài $p_{o}=10^{5} P a$, tiết diện pittông: $S=100 c m^{2}$.

   CỘT A	CỘT B
   1. Công của lực ma sát lúc này là	thả vào đây
   2. Công mà chất khí cần thực hiện để thắng lực ma sát là	thả vào đây
   3. Công cần thực hiện để thắng áp suất bên ngoài là	thả vào đây
   4. Nội năng của khí lúc này giảm một lượng là	thả vào đây

   Kho viên gạchKéo viên vào ô, hoặc bấm viên rồi bấm ô.

   $102 J$

   gần bằng 0.

   $18 J$

   $2 J$

   âm.

   $9 J$
   Voir le corrigé

   Réponse : 1 – E, 2 – D, 3 – A, 4 – C

   1-E, 2–D, 3–A, 4–C

   1. Công lực ma sát âm.

   2. Công thắng ma sát do khí thực hiện là công dương: $\mathrm{A}_{1}=\mathrm{F}_{\mathrm{ms}} .1=20.0,1=2 \mathrm{~J}$

   3. Công thắng áp suất ngoài: $\mathrm{A}_{2}=\mathrm{P}_{\mathrm{o}} \Delta \mathrm{V}+\mathrm{A}_{1}=10^{5} .0,01.0,1+2=102 \mathrm{~J}$

   4. $\Delta \mathrm{U}=\mathrm{Q}+\mathrm{A}=120+(-102)=18 \mathrm{~J}$ (ở đây cần lưu ý là khí đang sinh công nên công mà khí thực hiện là $\mathbf{A}=-\mathbf{A}_{2}$, tránh nhầm lẫn với công thắng áp suất ngoài của xi lanh

   Nội năng của chất khí tăng thêm 18J.

3. Câu 3

   Cho hạt nhân ${ }_{\mathrm{z}}^{\mathrm{A}} \mathrm{X}$ có khối lượng là m và độ hụt khối là $\Delta \mathrm{m}$. Khối lượng của proton và neutron lần lượt là $\mathrm{m}_{\mathrm{p}}$ và $\mathrm{m}_{\mathrm{n}}$.

   CỘT A	CỘT B
   1. Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân	thả vào đây
   2. Giá trị $\Delta \mathrm{m}$ càng lớn thì năng lượng liên kết của X càng	thả vào đây
   3. Năng lượng liên kết của hạt nhân X là	thả vào đây
   4. Nếu $\Delta \mathrm{m}$ càng lớn và A càng ..... thì hạt nhân X sẽ càng bền vững	thả vào đây

   Kho viên gạchKéo viên vào ô, hoặc bấm viên rồi bấm ô.

   bền vững.

   $\Delta \mathrm{mc}^{2}$.

   nhỏ.

   lớn.

   $\frac{\Delta \mathrm{mc}^{2}}{\mathrm{~A}}$.

   $\Delta \mathrm{mc}^{2} \mathrm{~A}$.
   Voir le corrigé

   Réponse : 1 – E, 2 – D, 3 – B, 4 – C

   1. Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân $\mathrm{E}_{\mathrm{lkr}}=\frac{\Delta \mathrm{mc}^{2}}{\mathrm{~A}}$.

   2. Giá trị $\Delta \mathrm{m}$ càng lớn thì năng lượng liên kết càng lớn chứ không phải năng lượng liên kết riêng.

   3. Năng lượng liên kết của hạt nhân X là $\mathrm{E}_{\mathrm{lk}}=\Delta \mathrm{mc}^{2}$.

   4. $\mathrm{E}_{\mathrm{lk}}=\frac{\Delta \mathrm{mc}^{2}}{\mathrm{~A}} \Rightarrow \Delta \mathrm{~m}$ càng lớn và A càng nhỏ thì $\mathrm{E}_{\mathrm{lkr}}$ càng lớn thì hạt nhân sẽ càng bền vững.

4. Câu 4

   Người ta đun sôi 0,5 kg nước có nhiệt độ ban đầu 27°C chứa trong chiếc ấm bằng đồng khối lượng $\mathrm{m}_{2}=0,4 \mathrm{~kg}$. Sau khi sôi được một lúc đã có 0,1 kg nước biến thành hơi. Biết nhiệt hóa hở riêng của nước là 2,3. $10^{6} \mathrm{~J} / \mathrm{kg}$, nhiệt dung riêng của nước và của đồng tương ứng là $\mathrm{C}_{1}=4180 \mathrm{~J} / \mathrm{kg} . \mathrm{K} ; \mathrm{C}_{2}=380$ J/kg.K. Biết nước sôi ở 100°C.
   

   CỘT A	CỘT B
   1. Khi đã ở nhiệt độ sôi 100°C, nhiệt lượng cần cung cấp cho 0,1 kg nước hóa hơi hết là	thả vào đây
   2. Nhiệt lượng cần thiết để đun ấm và nước từ nhiệt độ 27°C đến nhiệt độ sôi 100°C là	thả vào đây
   3. Tổng nhiệt lượng đã cung cấp cho ấm và nước như quá trình mà đề bài đã cho là hết	thả vào đây
   4. Sau khi 0,1 kg nước hóa hơi hết thì cần cung cấp thêm nhiệt lượng .... để lượng nước còn lại trong ấm hóa hơi hết.	thả vào đây

   Kho viên gạchKéo viên vào ô, hoặc bấm viên rồi bấm ô.

   $3,2.10^5 J$

   $393666 J$

   $920000 J$

   $2,12.10^5 J$

   $163666 J$

   $2,3.10^5 J$
   Voir le corrigé

   Réponse : 1 – F, 2 – E, 3 – B, 4 – C

   1. $\mathrm{Q}_{\mathrm{a}}=\mathrm{m}_{\mathrm{a}} \mathrm{L} \Rightarrow 0,1.2,3.10^{6}=2,3.10^{5} \mathrm{~J}$

   2. $\mathrm{Q}_{\mathrm{b}}=\left(\mathrm{m}_{1} \mathrm{c}_{1}+\mathrm{m}_{2} \mathrm{c}_{2}\right) \Delta \mathrm{t}=(0,5.4180) .(100-27)=163666 \mathrm{~J}$

   3. $Q_{c}=Q_{a}+Q_{b}=2,3.10^{5}+163666=393666 J$

   4. $\mathrm{Q}_{\mathrm{d}}=\left(\mathrm{m}_{1}-\mathrm{m}_{\mathrm{a}}\right) \mathrm{L}=(0,5-0,1) \cdot 2,3 \cdot 10^{6}=920000 \mathrm{~J}$

5. Câu 5

   Một mol khí Helium biến đổi từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) như đồ thị hình bên. Biết $V_{1}=2 V_{2}=16 \mathrm{dm}^{3} ; \mathrm{p}_{1}=1,2.10^{5} \mathrm{~Pa} ; \mathrm{p}_{2}=3.10^{5} \mathrm{~Pa}$; biết nội năng của 1 mol khí Helium ở nhiệt độ T tính theo biểu thức $\mathrm{U}=\frac{3}{2} \mathrm{RT}$.

   #Phát biểuĐúngSai

   1

   Nhiệt độ của khí ở trạng thái (1) lớn hơn 235 K .

   2

   Khi thể tích khí bằng $12 d m^{3}$ thì áp suất của khí là $2,1.10^{5} P a$.

   3

   Trong quá trình biến đổi trạng thái, nhiệt độ cao nhất mà khí đạt được sẽ lớn hơn 307 K .

   4

   Độ biến thiên nội năng của khí trong quá trình biến đổi từ trạng thái (1) sang (2) là 720 J .
   Voir le corrigé

   Réponse : a) Sai, b) Juste, c) Juste, d) Juste

   Hướng dẫn giải

   a) Sai $\frac{P V}{T}=n R \Rightarrow \frac{1,2.10^{5.16} \cdot 10^{-3}}{T}=8,31 \Rightarrow T_{1} \approx 231 K$

   b) Đúng $p=a V+b \Rightarrow\left\{\begin{array}{l}1,2.10^{5}=a .16+b \\ 3.10^{5}=a .8+b\end{array} \Rightarrow\left\{\begin{array}{l}a=-22500 \\ b=480000\end{array}\right.\right.$ $\Rightarrow p=-22500.12+480000=2,1.10^{5} P a$

   $T_{\text {max }}$ khi $P V=-22500 V^{2}+480000$ đạt max $(P V)^{\prime}=0 \Rightarrow-22500.2 V+480000=0 \Rightarrow V=\frac{32}{3} d m^{3} \Rightarrow p=2,4.10^{5} P a$

   c) Đúng $(P V)_{\text {max }}=n R \Rightarrow \frac{2,4 \cdot 10^{5} \cdot \frac{32}{3} \cdot 10^{-3}}{T_{\text {max }}}=8,31 \Rightarrow T_{\text {max }} \approx 308 \mathrm{~K}>307 \mathrm{~K}$

   d) Đúng $\Delta U=\frac{3}{2} n R\left(T_{2}-T_{1}\right)=\frac{3}{2}\left(P_{2} V_{2}-P_{1} V_{1}\right)=\frac{3}{2}\left(3.10^{5.8} .10^{-3}-1,2.10^{5.16} .10^{-3}\right)=720 \mathrm{~J}$

Répondez aux 28 questions pour être noté et voir les corrigés détaillés.